「2020届中考物理一轮复习考试知识点题型分类训练卷」电功率

电功率

考试知识点1、电能、电功

【典例一】如图所示是某家用电子式电能表的表盘，该表盘上显示已用电______kW•h。若将某用电器单独接在该电能表上正常工作3min，电能表指示灯闪烁了32次。该用电器在上述时间内消耗的电能为______kW•h，它的实质电功率是______W。

【举一反三】

1.（2018·长沙）如图L1、L2是规格分别为“6V、6W”，“3V、2.7W”的小灯泡,将它们连在如图的电路中,电源电压恒定不变,当只闭合S时,L2正常发光。求:

电源电压；

灯泡L1的电阻R1；

当S、S1都闭合时,10s内电流做的总功。

2.（2019·泸州）小明家用电器热水器铭牌标识为“220V、1000W”。因为用了多年，该电热水器中的电热丝明显氧化致使其电阻发生了变化，为准确测量氧化电热丝的实质电阻值，小明在家里把该电热水器单独接入220V的家庭电路中工作5min，发现电能表指示灯闪烁了242次，电能表规格如图所示。问：

（1）小明测得该电热水器的实质电功率是多少？

（2）该电热水器氧化电热丝的实质电阻值是多少？

（3）为恢复该电热水器的铭牌功率，可与氧化电热丝并联一段新的电热丝，则并联的这段电热丝的电阻值为多少？

3.（2019·河南）在家电调查活动中，小亮让电热水器单独工作2min，测得家里如图所示的电能表的转盘转了70r，热水器的实质功率为_____W；若不计能量损失，这期间内热水器中50L的水可升温_____℃．因为热水器的功率远大于冰箱，从安全用电的角度考虑，热水器的电源线比冰箱的要_____（选填“粗”或“细”）。[已知ρ水=1.0×103kg/m3，c水=4.2×103J/（kg•℃）]

考试知识点2、电功率

【典例二】（2019·河北）如图所示，电源电压不变，R1、R2为定值电阻，R为滑动变阻器，a、b是电流表或电压表。当只闭合开关S、S1时，a、b的指针均明显偏转，将坐落于中点的滑片P向左移动，a的示数不变，b的示数有变化。以下说法正确的是（  ）。

A．b是电流表；

B．只闭合S、S2，移动滑片P，则a示数的变化量与b示数的变化量的比值可能等于R1+R2；

C．若将b换成另一种电表，只闭合S、S2，将滑片P向右移动，R2消耗的功率肯定变大；

D．若将a与b的地方互换，只闭合S、S2，则a的示数与b的示数的比值可能等于R2

【举一反三】

1.（2018•淄博）如图所示，电源电压不变，只闭合开关S1，灯泡L发光，电压表有示数：再闭合开关S2，电路中出现的状况是（  ）。

A．电压表的示数变小；B．电路的总电阻不变；

C．灯泡L的亮度不变；D．电路的总功率变大

2.（2019·天津）如图甲所示的电路，电源电压维持不变，闭合开关S，滑动变阻器滑片P从a端移动到b端的整个过程中，电流表示数I与电压表示数U的关系图象如图乙所示。则电阻R1的阻值为______Ω；当变阻器滑片P处于a端时，电阻R1消耗的电功率为______W。

3.（2019·岳阳）如图所示，电源电压恒定不变。闭合开关后，滑动变阻器的滑片P由b端移到某点c的过程中，电压表的示数由4V变为3V，电流表的示数由0.2A变为0.3A，由此可知（  ）。

考试知识点3、测量小灯泡电功率

【典例三】（2019·海南）在测量小灯泡电功率的实验中，已知灯泡额定电压U额=2.5V，电源电压维持不变。

（1）用笔画线代替导线把甲图电路连接完整。

（2）调节滑动变阻器，使电压表示数为2.5V，此时电流表示数（如图乙）为______A。则小灯泡的额定功率为______W。

（3）假如没电压表，用如图丙所示电路也可测小灯泡的额定功率。其中，定值电阻的阻值为R0。先断开开关S2、闭合开关S、S1，调节滑动变阻器，使电流表的示数为；再维持变阻器滑片的地方不变，只断开开关_______、闭合其它开关，读出电流表示数为I，灯泡额定功率的表达式为P额=_________（用R0、U额、I的代数式表示）。

【举一反三】

1.（2019·达州）实验老师为“测量小灯泡额定功率”筹备了如下器材：电源（电压恒为6V）开关、电压表和电流表各一只、额定电压为2.5V的待测小灯泡（电阻约为10Ω）、滑动变阻器（“20Ω 1A”）、导线若干。

（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的实物图连接完整（需要：滑片向右移动灯泡变亮）。

（2）闭合开关前电流表的指针如图乙所示，其缘由是__________。

（3）问题排除后，调节滑动变阻器的滑片，并绘制了小灯泡的电流随其两端电压变化的关系如图丙所示，则小灯泡的额定功率为__________W。从图象中还发现：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比__________（选填“变大”、“变小或“不变”）。

（4）小陈同学为了验证电流跟电阻的关系，他又借到了一个滑动变阻器（50Ω 0.5A）和五个定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ωg、25Ω），其余器材不变。用定值电阻更换甲图中的灯泡，小陈同学得到如图丁所示的电流随定值电阻变化的图象，则实验中他所用的滑动变阻器是__________（选填字母：A.20Ω 1A B.50Ω 0.5A），若某次实验中滑动变阻器连入的阻值为14Ω，则所用定值电阻的阻值为__________Ω。

（5）下课前老师布置了一道课后作业。需要：在只有下列实验器材的首要条件下测出未知定值电阻Rx的阻值。实验器材：电阻Rx、电源（电压恒定但未知）、滑动变阻器（已知最大阻值为R0）、电流表、开关、导线若干。

小张同学设计了如图戊所示的电路图，用以下步骤测Rx的阻值。

①闭合开关S，移动滑片P至B端，记下电流表示数I1；

②移动滑片P至A端，记下电流表示数I2（I1未超越电流表的量程）；

③请帮他写出Rx的表达式：Rx＝__________（用字母R0、I1、I2表示）。

2.（2019·遂宁）在“测量小灯泡的电功率”实验中，实验器材有：两节新干电池、电流表、电压表、额定电压2.5V的小灯泡，滑动变阻器、开关、导线若干，部分实物电路如图甲所示。

（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整（需要：滑片P向右移动时小灯泡变亮）。

（2）连接好电路，闭合开关，发现小灯泡非常亮，电压表示数为3V．断开开关，经检查，各元件完好，电路连接正确则实验中操作错误之处是______。

（3）改正错误后进行实验，移动滑动变阻器的滑片到某一地方，电压表的示数如图乙所示；若要测量小灯泡的额定功率，滑动变阻器的滑片P应向______端移动（选填“A”或“B”）。

（4）图丙是由实验数据描出的小灯泡的I-U图象，则小灯泡额定功率是______W。

（5）依据小灯泡的I-U图象计算出不同电压下灯丝电阻值不同，缘由是灯丝电阻随______的变化而变化。

（6）若用第（3）小问中所测得数据算出灯泡的电阻RL，再依据P=计算灯泡的额定功率。按此策略算出灯泡的额定功率比真实值______（选填“偏大”或“偏小”）。

3.（2019·海南）在“探究小灯泡在不同电压下工作时的电功率是不是相同”的实验中，实验室提供了如下器材：电源电压U恒为8V，滑动变阻器规格为“20Ω 2A“，小灯泡的额定电压U额=2.5V，额定功率小于1.2W，两个阻值分别为10Ω、20Ω的定值电阻R0可供选择。

（1）为使小灯泡两端电压有一较大的调节范围，小聪设计了如图甲所示的电路，请用笔画线代替导线，完成图乙中实物电路的连接。

（2）正确连接电路后，进行实验，记录的数据如表所示。当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图丙所示，小灯泡的额定功率为___W。

（3）剖析表中数据可得出结论：小灯泡工作时，消耗的电功率随电压的增大而_____。依据数据还可看出，小聪在实验中使用的是R0=_____Ω的定值电阻。

（4）完成实验后，爱动脑筋的小聪又想出一种测量小灯泡额定功率的办法，设计了如图丁所示的电路，所用电压表量程为“0～15V”，请将以下实验步骤补充完整。

①检查电路无误后，闭合开关S，将开关S1拨至“1”，调节滑动变阻器滑片直至电压表示数为_____；
②滑片不动，再将开关S1，拨至“2”，读出电压表示数为U0；

③小灯泡的额定功率：P额=_____。（用U额、U0、R0表示）若步骤②中，在将开关S1拨至“2”时，不小心将滑片向右移动了少许，其他操作正确，则测出的小灯泡额定功率比真实值_____（选填“偏大”或“偏小”）。

考试知识点4、焦耳定律

【典例四】（2019·益阳）如图所示电路，电源电压不变，R1为发热电阻，阻值10Ω．R2为定值电阻，阻值为20Ω．R为滑动变阻器（A、B为其两个端点）。闭合开关S，当滑片P移动到A端时，电流表的示数为0.3A，电源电压U=______V．当滑片P移到B点时，发热电阻R1在1分钟内产生的热量为______J。

【举一反三】

1.一新款节能电炖锅如图甲，有关技术参数如表（设电炖锅不同挡位的电阻和加热效率均不变）。

（1）求电炖锅在高温挡正常工作时的电流（计算结果保留一位小数）；

（2）在用电高峰期，关掉家的其他用电器，只让处于中温挡状况的电炖锅工作，察看到标有“1800r/（kW•h）”的电能表转盘在12ls内转了20圈，求此时的实质电压；

（3）电炖锅正常工作时，用低温挡和高温挡分别给水平相同的冷水加热，待水温达到50℃时开始计时，绘制的水温随时间变化的图象如图乙所示。结合所给信息，通过计算，剖析比较用高温挡还是用低温挡更节能。

2.（2019·贵港）家用电吹风的简化电路如图5所示，主要技术参数如下表。则该电吹风正常工作吹热风时，电热丝的阻值是________Ω，正常工作吹热风5min电热丝产生的热量是________J。

3.（2019·湘潭）图是某电水壶的铭牌，该电水壶正常工作1min产生__________J的热量，假如这类热量84%被冷水吸收能使2.0L的水温度升高上__________℃。

答案

考试知识点1、电能、电功

【典例一】如图所示是某家用电子式电能表的表盘，该表盘上显示已用电______kW•h。若将某用电器单独接在该电能表上正常工作3min，电能表指示灯闪烁了32次。该用电器在上述时间内消耗的电能为______kW•h，它的实质电功率是______W。

【答案】5546.7；0.02；400。

【分析】（1）该表盘上显示数字为55467，由于最后一位是小数、单位是kW•h，所以显示已用电5546.7kW•h；

（2）1600imp/（kW•h）表示每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁1600次，指示灯闪烁32次，则该用电器消耗的电能：W=kW•h=0.02kW•h，

该用电器的实质电功率：P===0.4kW=400W。

故答案为：5546.7；0.02；400。

【举一反三】

1.（2018·长沙）如图L1、L2是规格分别为“6V、6W”，“3V、2.7W”的小灯泡,将它们连在如图的电路中,电源电压恒定不变,当只闭合S时,L2正常发光。求:

电源电压；

灯泡L1的电阻R1；

当S、S1都闭合时,10s内电流做的总功。

【答案】（1）3V；（2）6Ω；（3）42J。

【分析】（1）当只闭合S时，灯泡L2正常发光，灯泡两端电压U=3V，通过灯泡L2的电流：；电源电压U=3V；

（2）灯泡L1的电阻；

（3）当S、S1都闭合时，L1和L2并联，通过L1的实质电流；通过干路的电流I=I1+I2=0.5A+0.9A=1.4A，电路消耗的总电功率P=UI=3V×1.4A=4.2W；电流做的功W=Pt=4.2W×10s=42J 。

故答案为：（1）3V；（2）6Ω；（3）42J。

2.（2019·泸州）小明家用电器热水器铭牌标识为“220V、1000W”。因为用了多年，该电热水器中的电热丝明显氧化致使其电阻发生了变化，为准确测量氧化电热丝的实质电阻值，小明在家里把该电热水器单独接入220V的家庭电路中工作5min，发现电能表指示灯闪烁了242次，电能表规格如图所示。问：

（1）小明测得该电热水器的实质电功率是多少？

（2）该电热水器氧化电热丝的实质电阻值是多少？

（3）为恢复该电热水器的铭牌功率，可与氧化电热丝并联一段新的电热丝，则并联的这段电热丝的电阻值为多少？

【分析】（1）3000imp/kW•h表示每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3000次，所以，电能表指示灯闪烁了242次消耗的电能：W=kW•h=×3.6×106J=2.904×105J，

该电热水器的实质电功率：P实===968W；

（2）由P=UI=可得，该电热水器氧化电热丝的实质电阻值：R实===50Ω；

（3）电热水器铭牌标识的功率对应的电阻：R===48.4Ω，

为恢复该电热水器的铭牌功率，可与氧化电热丝并联一段新的电热丝R′，因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，

所以，，解得：R′=1512.5Ω。

答：（1）小明测得该电热水器的实质电功率是968W；（2）该电热水器氧化电热丝的实质电阻值是50Ω；（3）并联的这段电热丝的电阻值为1512.5Ω。

3.（2019·河南）在家电调查活动中，小亮让电热水器单独工作2min，测得家里如图所示的电能表的转盘转了70r，热水器的实质功率为_____W；若不计能量损失，这期间内热水器中50L的水可升温_____℃．因为热水器的功率远大于冰箱，从安全用电的角度考虑，热水器的电源线比冰箱的要_____（选填“粗”或“细”）。[已知ρ水=1.0×103kg/m3，c水=4.2×103J/（kg•℃）]

【分析】（1）电能表的转盘转70r，电热水器消耗的电能：W==0.07kW•h，

工作时间t=2min=h，则该电热水器的实质功率：

（2）电热水器消耗的电能：W′=Pt=2100W×120s=2.52×105J，

水的体积V水=50L=0.05m3，由ρ=可得，水的水平：m水=ρ水V水=1.0×103kg/m3×0.05-3m3=50kg；

由于不计能量损失，所以水吸收的热量：Q吸=W′=2.52×105J，

由Q=cm△t得，水升高的温度：

（3）因为电热水器的功率远大于冰箱，依据P=UI可知，电热水器工作时的电流远大于冰箱，相同条件下热水器导线上产生的热量较多。为保证线路安全，在电流和通电时间肯定时，电热水器选择较粗的电源线，可以减小导线电阻，依据Q=I2Rt可知，电源线产生的热量降低，可预防电源线迅速老化而引发安全事故。

故答案为：2100；1.2；粗。

考试知识点2、电功率

【典例二】（2019·河北）如图所示，电源电压不变，R1、R2为定值电阻，R为滑动变阻器，a、b是电流表或电压表。当只闭合开关S、S1时，a、b的指针均明显偏转，将坐落于中点的滑片P向左移动，a的示数不变，b的示数有变化。以下说法正确的是（  ）。

A．b是电流表；

B．只闭合S、S2，移动滑片P，则a示数的变化量与b示数的变化量的比值可能等于R1+R2；

C．若将b换成另一种电表，只闭合S、S2，将滑片P向右移动，R2消耗的功率肯定变大；

D．若将a与b的地方互换，只闭合S、S2，则a的示数与b的示数的比值可能等于R2

【答案】AD。

【分析】A、只闭合开关S、S1时，电表b与滑动变阻器R串联，且滑片P向左移动，b的示数有变化，则b肯定是电流表，故A正确；

若a为电流表，测通过R2的电流，因为R2的阻值和两端的电压均不变，滑片P向左移动，a的示数不变；

若a为电压表，测电源电压，其示数也不变，a可能是电流表也会是电压表；

B、为电压表、b为电流表时，只闭合S、S2，此时R1与R串联，电压表a测R两端的电压，电流表测电路中的电流，则有：R1＝，即a示数的变化量与b示数的变化量的比值等于R1；

a、b均为电流表时，只闭合S、S2，R、R2被短路，电路为R1的简单电路，移动滑片P，a、b两表的示数变化量均为0，故B错误；

C、将b换成电压表，a为电压表时，只闭合S、S2，R1、R2与R串联，滑片P向右移动，电阻变小，电路总电阻变小，电流变大，依据P＝I2R2可知，R2消耗的功率变大；

若将b换成电压表，a为电流表时，只闭合S、S2，R被短路，R1、R2串联，滑片P向右移动，电阻不变，电路总电阻不变，电流不变，依据P＝I2R2可知，R2消耗的功率不变，故C错误；

D、为电压表、b为电流表时，若将a与b的地方互换，只闭合S、S2，R被短路，R1、R2串联，电流表测电路中的电路，电压表测R2两端的电压，则a的示数与b的示数的比值为R2；

a、b均为电流表时，若将a与b的地方互换，只闭合S、S2，R、R2被短路，电路为R1的简单电路，两电流表的示数相等，其比值为1，故D正确。故选AD。

【举一反三】

1.（2018•淄博）如图所示，电源电压不变，只闭合开关S1，灯泡L发光，电压表有示数：再闭合开关S2，电路中出现的状况是（  ）。

A．电压表的示数变小；B．电路的总电阻不变；

C．灯泡L的亮度不变；D．电路的总功率变大

【答案】D。

【分析】ABC、只闭合开关S1，为串联电路，电阻R与灯泡L串联；电压表测量的是R两端的电压，依据串联电路的电压特征可知，电压表示数要小于电源电压；开关S2闭合时，灯泡被短路，灯泡不发光，电路中只有R，总电阻减小；电压表测量的是电源电压，故电压表示数变大；故ABC错误；

D、开关S2闭合后电路总电阻R总变小，电流变大，电阻R两端的电压变大，依据P=UI可知电路的总功率变大，故D正确。故选D。

2.（2019·天津）如图甲所示的电路，电源电压维持不变，闭合开关S，滑动变阻器滑片P从a端移动到b端的整个过程中，电流表示数I与电压表示数U的关系图象如图乙所示。则电阻R1的阻值为______Ω；当变阻器滑片P处于a端时，电阻R1消耗的电功率为______W。

【答案】10；0.1。

【分析】由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。

（1）当滑片坐落于b端时，电路为R1的简单电路，电压表测电源电压，此时电路中的电流最大，
由图象可知，电源电压U=3V，此时R1两端的电压U1=U=3V，电路中的电流I=0.3A，

由欧姆定律可得：R1===10Ω；

（2）当滑片坐落于a端时，R1、R2串联，电压表测R1两端的电压，由图象可知，此时电路中的电流I′=0.1A时，R1两端的电压U1′=1V，电阻R1消耗的电功率P1′=U1′I′=1V×0.1A=0.1W。

故答案为：10；0.1。

3.（2019·岳阳）如图所示，电源电压恒定不变。闭合开关后，滑动变阻器的滑片P由b端移到某点c的过程中，电压表的示数由4V变为3V，电流表的示数由0.2A变为0.3A，由此可知（  ）。

【答案】C。

【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。

（1）由“闭合开关后，滑动变阻器的滑片P由B端移到某点C的过程中，电压表的示数由4V变为3V，电流表的示数由0.2A变为0.3A，”可知，R2两端电压为4V，ac两端电压Uac=3V，当滑动变阻器的滑片P在b端时，电流I=0.2A，当滑片P由b端移到某点c时，电流I=0.3A，设电源电压为U，

 解得R1=10Ω，U=6V，故AB错误；

（2）滑动变阻器滑片P在b端时，R1与R2串联，由P=UI可得，电路消耗的最小功率P=UI=6V×0.2A=1.2W，故C正确；

（3）滑片P在b端时，依据串联电路的电压特征可得，R1两端电压U1=U-U2=6V-4V=2V， 10秒内R1产生的热量Q=W=U1It=2V×0.2A×10S=4J，故D错误。故选C。

考试知识点3、测量小灯泡电功率

【典例三】（2019·海南）在测量小灯泡电功率的实验中，已知灯泡额定电压U额=2.5V，电源电压维持不变。

（1）用笔画线代替导线把甲图电路连接完整。

（2）调节滑动变阻器，使电压表示数为2.5V，此时电流表示数（如图乙）为______A。则小灯泡的额定功率为______W。

（3）假如没电压表，用如图丙所示电路也可测小灯泡的额定功率。其中，定值电阻的阻值为R0。先断开开关S2、闭合开关S、S1，调节滑动变阻器，使电流表的示数为；再维持变阻器滑片的地方不变，只断开开关_______、闭合其它开关，读出电流表示数为I，灯泡额定功率的表达式为P额=_________（用R0、U额、I的代数式表示）。

【答案】（1）如图所示；（2）0.28；0.7；（3）S1    。

【分析】（1）由图知，仅需用一条导线将滑动变阻器下端的一个接线柱连接到小灯泡右端的接线柱即可，连接状况如图所示；

（2）由图乙知，电流表用的量程是0.6A，则读出的示数为0.28A，由P=UI，计算出小灯泡的额定功率为；

（3）依据实验原理P=UI，为了得出小灯泡的额定功率，需要了解的数据是U额和I额；当断开开关S2、闭合开关S、S1时，定值R0与小灯泡并联接在电路中，电流表测通过R0的电流I0，由题意知（此式表明电阻R0与小灯泡两端的电压为U额）；维持变阻器的滑片的地方不变，可通过断开S1，闭合S和S2使电流表示数等于通过R0和小灯泡的电流之和，然后再借助并联电路的电流规律得出通过小灯泡的电流（由于如此设计开关的通断仍然能保证R0与小灯泡两端的电压为U额，所以此时通过小灯泡的电流刚好为I额），依据题意可得出，所以灯泡额定功率的表达式为。

【举一反三】

1.（2019·达州）实验老师为“测量小灯泡额定功率”筹备了如下器材：电源（电压恒为6V）开关、电压表和电流表各一只、额定电压为2.5V的待测小灯泡（电阻约为10Ω）、滑动变阻器（“20Ω 1A”）、导线若干。

（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的实物图连接完整（需要：滑片向右移动灯泡变亮）。

（2）闭合开关前电流表的指针如图乙所示，其缘由是__________。

（3）问题排除后，调节滑动变阻器的滑片，并绘制了小灯泡的电流随其两端电压变化的关系如图丙所示，则小灯泡的额定功率为__________W。从图象中还发现：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比__________（选填“变大”、“变小或“不变”）。

（4）小陈同学为了验证电流跟电阻的关系，他又借到了一个滑动变阻器（50Ω 0.5A）和五个定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ωg、25Ω），其余器材不变。用定值电阻更换甲图中的灯泡，小陈同学得到如图丁所示的电流随定值电阻变化的图象，则实验中他所用的滑动变阻器是__________（选填字母：A.20Ω 1A B.50Ω 0.5A），若某次实验中滑动变阻器连入的阻值为14Ω，则所用定值电阻的阻值为__________Ω。

（5）下课前老师布置了一道课后作业。需要：在只有下列实验器材的首要条件下测出未知定值电阻Rx的阻值。实验器材：电阻Rx、电源（电压恒定但未知）、滑动变阻器（已知最大阻值为R0）、电流表、开关、导线若干。

小张同学设计了如图戊所示的电路图，用以下步骤测Rx的阻值。

①闭合开关S，移动滑片P至B端，记下电流表示数I1；

②移动滑片P至A端，记下电流表示数I2（I1未超越电流表的量程）；

③请帮他写出Rx的表达式：Rx＝__________（用字母R0、I1、I2表示）。

【答案】（1）如上所示；（2）电流表指针没调零；（3）0.625；变大；（4）B；10；（5）。

【分析】（1）滑片向右移动灯泡变亮，即电流变大电阻变小，故变阻器滑片右下接线柱连入电路中，如下所示：

（2）闭合开关前电流表的指针如图乙所示，其缘由是电流表指针没调零。

（3）依据绘制的小灯泡的电流随其两端电压变化的关系知，灯在额定电压下的电流为0.25A，则小灯泡的额定功率为：P＝UI＝2.5V×0.25A＝0.625W；

从图象知，当电压为0.5V时，电流为0.1A，由欧姆定律，灯的电阻为：R1＝＝＝5Ω，

同理，灯正常发光时的电阻为10Ω，故当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比 （灯的电阻）变大；

（4）图丁所示的电流随定值电阻变化的图象，电流与电阻之积为：

U＝IR＝0.1A×25Ω＝﹣﹣﹣﹣0.5A×5Ω＝2.5V，

依据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑＝U﹣UV＝6V﹣2.5V＝3.5V，变阻器分得的电压为电压表示数的＝1.4倍，依据分压原理，当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：

R滑＝1.4×25Ω＝35Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少35Ω的滑动变阻器，则实验中他所用的滑动变阻器是50Ω、0.5A，选B；

若变阻器连入的阻值为14Ω，

由欧姆定律，电路的电流为：I＝＝＝0.25A，

由欧姆定律，则所用定值电阻的阻值为：R定＝＝＝10Ω；

（5）①闭合开关S，移动滑片P至B端，记下电流表示数I1；

②移动滑片P至A端，记下电流表示数I2（I1未超越电流表的量程）；

③在①中两电阻串联，由电阻的串联和欧姆定律，电源电压：U＝I1（Rx+R0）

在②中，为R0的简单电路，由欧姆定律：U＝I2R0，因电源电压不变，

故：U＝I1（Rx+R0）＝I2R0，

Rx的表达式：Rx＝。

故答案为：（1）如上所示；（2）电流表指针没调零；（3）0.625；变大；（4）B；10；（5）。

2.（2019·遂宁）在“测量小灯泡的电功率”实验中，实验器材有：两节新干电池、电流表、电压表、额定电压2.5V的小灯泡，滑动变阻器、开关、导线若干，部分实物电路如图甲所示。

（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整（需要：滑片P向右移动时小灯泡变亮）。

（2）连接好电路，闭合开关，发现小灯泡非常亮，电压表示数为3V．断开开关，经检查，各元件完好，电路连接正确则实验中操作错误之处是______。

（3）改正错误后进行实验，移动滑动变阻器的滑片到某一地方，电压表的示数如图乙所示；若要测量小灯泡的额定功率，滑动变阻器的滑片P应向______端移动（选填“A”或“B”）。

（4）图丙是由实验数据描出的小灯泡的I-U图象，则小灯泡额定功率是______W。

（5）依据小灯泡的I-U图象计算出不同电压下灯丝电阻值不同，缘由是灯丝电阻随______的变化而变化。

（6）若用第（3）小问中所测得数据算出灯泡的电阻RL，再依据P=计算灯泡的额定功率。按此策略算出灯泡的额定功率比真实值______（选填“偏大”或“偏小”）。

【答案】滑动变阻器的滑片没调到阻值最大处；B；0.625；温度；偏大。

【分析】（1）滑动变阻器的右下方接线柱与开关相连时，滑片P向右移动时小灯泡变亮，如下图所示：

（2）连接好电路，闭合开关，发现小灯泡非常亮，电压表示数为3V，且各元件完好，电路连接正确，则实验中操作错误之处是：滑动变阻器的滑片没调到阻值最大处；

（3）由图乙可知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为2V，

若要测量小灯泡的额定功率，应使电压表的示数达到2.5V，由串联电路的分压特征可知，应减小滑动变阻器接入电路中的电阻，即滑片P应向B端移动；

（4）由图丙可知，电压表的示数为2.5V时，通过的电流为0.25A，

则小灯泡额定功率是P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；

（5）依据小灯泡的I-U图象计算出不同电压下灯丝电阻值不同，缘由是灯丝电阻随温度的变化而变化；

（6）由图丙可知，灯泡两端的电压为2V时，通过的电流为0.225A，

由I=的变形式R=可得，灯泡两端的电压为2V、2.5V时的电阻分别为8.9Ω、10Ω，

若用第（3）小问中所测得数据算出灯泡的电阻RL，再依据P=计算灯泡的额定功率，按此策略算出灯泡的额定功率比真实值偏大。

故答案为：（1）如上图所示；（2）滑动变阻器的滑片没调到阻值最大处；（3）B；（4）0.625；（5）温度；（6）偏大。

3.（2019·海南）在“探究小灯泡在不同电压下工作时的电功率是不是相同”的实验中，实验室提供了如下器材：电源电压U恒为8V，滑动变阻器规格为“20Ω 2A“，小灯泡的额定电压U额=2.5V，额定功率小于1.2W，两个阻值分别为10Ω、20Ω的定值电阻R0可供选择。

（1）为使小灯泡两端电压有一较大的调节范围，小聪设计了如图甲所示的电路，请用笔画线代替导线，完成图乙中实物电路的连接。

（2）正确连接电路后，进行实验，记录的数据如表所示。当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图丙所示，小灯泡的额定功率为___W。

（3）剖析表中数据可得出结论：小灯泡工作时，消耗的电功率随电压的增大而_____。依据数据还可看出，小聪在实验中使用的是R0=_____Ω的定值电阻。

（4）完成实验后，爱动脑筋的小聪又想出一种测量小灯泡额定功率的办法，设计了如图丁所示的电路，所用电压表量程为“0～15V”，请将以下实验步骤补充完整。

①检查电路无误后，闭合开关S，将开关S1拨至“1”，调节滑动变阻器滑片直至电压表示数为_____；
②滑片不动，再将开关S1，拨至“2”，读出电压表示数为U0；

③小灯泡的额定功率：P额=_____。（用U额、U0、R0表示）若步骤②中，在将开关S1拨至“2”时，不小心将滑片向右移动了少许，其他操作正确，则测出的小灯泡额定功率比真实值_____（选填“偏大”或“偏小”）。

【分析】（1）由P=UI得，小灯泡的额定电流约为：，所以，电流表选择0-0.6A的量程；灯泡、R0及滑动变阻器串联，故将电流表的“0.6”接线柱与电源的“+”极连接，小灯泡的左接线柱与R0的左接线柱连接，如图所示：

（2）由（1）可知，电流表选择0-0.6A的量程，分度值为0.02A，示数为0.42A，

则小灯泡的额定功率：P额=U额I额=2.5V×0.42A=1.05W。

（3）由表中数据可知，伴随灯泡两端电压的增大，电流也增大，依据P=UI可知，小灯泡消耗的电功率增大，即小灯泡工作时，消耗的电功率随电压的增大而增大。

由表中数据可知，第5次实验电流最大，此时电路总电阻最小，

由I=可得，第5次实验时电路总电阻：，

因R总=RL+R0+R滑，已知定值电阻R0的阻值为10Ω或20Ω，故小聪在实验中使用的是R0=10Ω。

（4）要测量小灯泡的额定功率，需使小灯泡两端的电压等于其额定电压，

①闭合开关S，将开关S1拨至“1”，小灯泡、R0和滑动变阻器串联，电压表测R0和滑动变阻器两端的电压，调节滑动变阻器的滑片，灯泡正常发光时，电压表的示数：UV=U-U额=8V-2.5V=5.5V。

②滑片不动，再将开关S1拨至“2”，

电压表测R0两端的电压U0，此时电路中的电流即为小灯泡的额定电流：。

③小灯泡的额定功率：P额=U额I额=U额•。

将开关S1拨至“2”，滑片向右移动稍许，滑动变阻器接入电路的阻值变大，依据串联分压常识可知，滑动变阻器两端的电压变大，定值电阻R0两端的电压U0变小，依据P额=U额I额=U额•

可知，测出的小灯泡的额定功率比真实值偏小。

故答案为：（1）如上图所示；（2）1.05；（3）增大； 10；（4）①5.5V； ③U额•；偏小。

考试知识点4、焦耳定律

【典例四】（2019·益阳）如图所示电路，电源电压不变，R1为发热电阻，阻值10Ω．R2为定值电阻，阻值为20Ω．R为滑动变阻器（A、B为其两个端点）。闭合开关S，当滑片P移动到A端时，电流表的示数为0.3A，电源电压U=______V．当滑片P移到B点时，发热电阻R1在1分钟内产生的热量为______J。

【答案】故答案为：6；216。

【分析】由图知，闭合开关S，当滑片P移动到A端时，R1和R2并联，电流表测量通过R2的电流。

由于I=，所以电源电压为U=I2R2=0.3A×20Ω=6V；

滑片P移动过程中，R1两端电压不变，阻值不变，

所以1分钟内产生的热量为。

故答案为：6；216。

【举一反三】

1.一新款节能电炖锅如图甲，有关技术参数如表（设电炖锅不同挡位的电阻和加热效率均不变）。

（1）求电炖锅在高温挡正常工作时的电流（计算结果保留一位小数）；

（2）在用电高峰期，关掉家的其他用电器，只让处于中温挡状况的电炖锅工作，察看到标有“1800r/（kW•h）”的电能表转盘在12ls内转了20圈，求此时的实质电压；

（3）电炖锅正常工作时，用低温挡和高温挡分别给水平相同的冷水加热，待水温达到50℃时开始计时，绘制的水温随时间变化的图象如图乙所示。结合所给信息，通过计算，剖析比较用高温挡还是用低温挡更节能。

【分析】（1）由表中数据可知，高温的功率P高=600W，由P=UI可得，在高温档工作时，电路中的电流：；

（2）由可得，电炖锅的电阻：，

电炖锅在高端工作时，电能表转盘在在121s内转了20r，

则电炖锅消耗的电能：，

实质功率为：，

由可得，电路的实质电压：

（3）高温档消耗的电能W高=p高t高=600W×6×60s=2.16×105J，则水升高1℃消耗的电能2.16×105J/20=1.08×104J，

低温档消耗的电能W低=P低t低=200W×9×60s=1.08×105J，

则水升高1℃消耗的电能为1.08×105J/8=1.35×104J，

由于1.08×104J＜1.35×104J，且两档加热水的水平相同，所以加热等水平的水升高1℃，高温档比低温档消耗电能少，用高温档节能。

答：（1）求电炖锅在高温挡正常工作时的电流是2.7A； （2）在用电高峰期，此时的实质电压是200V； （3）电炖锅正常工作时，用低温挡和高温挡分别给水平相同的冷水加热，由（3）可知用高温挡更节能。

2.（2019·贵港）家用电吹风的简化电路如图5所示，主要技术参数如下表。则该电吹风正常工作吹热风时，电热丝的阻值是________Ω，正常工作吹热风5min电热丝产生的热量是________J。

【答案】48.4；3×105。

【分析】由表知，电热丝吹热风时，电热丝的额定功率为P=1000W，额定电压为U=220V，

故电热丝的阻值为；

正常工作吹热风5min电热丝产生的热量为：。

3.（2019·湘潭）图是某电水壶的铭牌，该电水壶正常工作1min产生__________J的热量，假如这类热量84%被冷水吸收能使2.0L的水温度升高上__________℃。

【分析】（1）由图知，电水壶的额定功率为1500W，

所以正常工作1分钟产生的热量：Q＝W＝Pt＝1500W×60s＝9×104J；

（2）由ρ＝可得水的水平：m＝ρV＝1.0×103kg/m3×2.0×10﹣3m3＝2kg，

这类热量84%被冷水吸收，即Q吸＝84%Q放，

由Q＝cm△t得水升高的温度：△t＝＝＝9℃。

故答案为：9×104；9。